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Publicado:
#171
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Matemático ![]() Grupo: Usuario FMAT Mensajes: 58 Registrado: 12-June 13 Miembro Nº: 119.654 Nacionalidad: ![]() Colegio/Liceo: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Por contradicción. Supongamos que no existe un triángulo equilátero con sus tres vértices del mismo color.
Escojamos dos puntos del mismo color (esto siempre se puede hacer) y supongamos que sean blancos. Llamemos a estos puntos O y A, y a partir de ellos construimos dos hexágonos regulares como muestra la figura. ![]() Como O y A son blancos, y suponemos que no hay triángulos equiláteros con vértices del mismo color, tenemos que B y P son negros. Debido a esto, D debe ser blanco, de lo contrario BDP sería equilátero con tres vértices negros. Ahora, como D es blanco, E debe ser negro. Como vimos que P también es negro, se tiene que F debe ser blanco. Y voilà, tenemos que el triángulo equilátero ADF tiene tres vértices blancos. Contradicción. Luego, siempre es posible encontrar un triángulo equilátero con sus tres vértices del mismo color. Saludos, Jorge |
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Publicado:
#172
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Matemático ![]() Grupo: Usuario FMAT Mensajes: 58 Registrado: 12-June 13 Miembro Nº: 119.654 Nacionalidad: ![]() Colegio/Liceo: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Esperaba el visto bueno de seba2, pero ya que el público lo pide, aquí va mi propuesto.
![]() ![]() ![]() ![]() ![]() Saludos, Jorge |
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Publicado:
#173
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![]() Dios Matemático ![]() Grupo: Moderador Mensajes: 269 Registrado: 30-August 10 Desde: Santiago, Chile Miembro Nº: 76.269 Nacionalidad: ![]() Colegio/Liceo: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Por contradicción. Supongamos que no existe un triángulo equilátero con sus tres vértices del mismo color. Escojamos dos puntos del mismo color (esto siempre se puede hacer) y supongamos que sean blancos. Llamemos a estos puntos O y A, y a partir de ellos construimos dos hexágonos regulares como muestra la figura. ![]() Como O y A son blancos, y suponemos que no hay triángulos equiláteros con vértices del mismo color, tenemos que B y P son negros. Debido a esto, D debe ser blanco, de lo contrario BDP sería equilátero con tres vértices negros. Ahora, como D es blanco, E debe ser negro. Como vimos que P también es negro, se tiene que F debe ser blanco. Y voilà, tenemos que el triángulo equilátero ADF tiene tres vértices blancos. Contradicción. Luego, siempre es posible encontrar un triángulo equilátero con sus tres vértices del mismo color. Saludos, Jorge Correcto. Salu2 ![]() -------------------- Estudiante Instituto Nacional General José Miguel Carrera IV Medio(2013) 17 años. Estaba Jesús predicando en el monte Sinaí y dijo a sus discípulos: y = ax² + bx + c ¿Y eso qué es? Dijo uno de los discípulos. A lo que Jesús respondió: ¡Una parábola ! ![]() |
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Publicado:
#174
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Dios Matemático ![]() Grupo: Colaborador Silver Mensajes: 423 Registrado: 4-January 11 Miembro Nº: 82.624 Nacionalidad: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Tema saneado Por favor eviten hacer comentarios innecesarios que desvíen el rumbo natural de la maratón. |
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Publicado:
#175
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![]() Dios Matemático ![]() Grupo: Usuario FMAT Mensajes: 340 Registrado: 18-May 06 Desde: ..la eskinaa...!!! Miembro Nº: 1.125 Nacionalidad: ![]() Colegio/Liceo: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Ya que M es punto medio se tiene que [ACM]=[MCB] y al ser P punto medio se tiene [CAP]=[PAD].
Usando lo anterior tenemos que 2[ACM]+2[CAP]=[ABCD], o sea [ACM]+[CAP]=[ABCD]/2 De forma análoga se demuestra que [QBD]+[BDN]=[ABCD]/2. Luego [ACM]+[CAP]=[QBD]+[BDN], que es lo mismo que decir [AMYX]+[XYZT]+[TZCP]=[QXTD]+[XYZT]+[YBNZ], de donde se obtiene [AMYX]+[TZCP]=[QXTD]+[YBNZ] (*) Como [ABCD]/2=[ACM]+[CAP]= [AMYX]+[XYZT]+[TZCP] se debe cumplir que [ABCD]/2=[AQX]+[QXTD]+[DPT]+[BMY]+[YBNZ]+[CNZ]. Por transitividad: [AMYX]+[XYZT]+[TZCP]=[AQX]+[QXTD]+[DPT]+[BMY]+[YBNZ]+[CNZ], usando (*) se llega a [XYZT]=[AQX]+[DPT]+[BMY]+[CNZ] |
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Publicado:
#176
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Matemático ![]() Grupo: Usuario FMAT Mensajes: 58 Registrado: 12-June 13 Miembro Nº: 119.654 Nacionalidad: ![]() Colegio/Liceo: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Correcta respuesta ol1v3r.
Aquí va mi solución, ocupando el teorema de las alfombras (carpets theorem). Ahora le toca a ol1v3r proponer un problema. Saludos, Jorge |
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Publicado:
#177
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![]() Dios Matemático ![]() Grupo: Usuario FMAT Mensajes: 340 Registrado: 18-May 06 Desde: ..la eskinaa...!!! Miembro Nº: 1.125 Nacionalidad: ![]() Colegio/Liceo: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Se define la operación binaria * sobre los números reales tal que para todo a,b,c, (a*b)*c=a+b+c.
Pruebe que * es +. Mensaje modificado por ol1v3r el Jun 25 2013, 11:52 AM |
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Publicado:
#178
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Dios Matemático ![]() Grupo: Colaborador Silver Mensajes: 423 Registrado: 4-January 11 Miembro Nº: 82.624 Nacionalidad: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Solución
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Publicado:
#179
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![]() Dios Matemático ![]() Grupo: Usuario FMAT Mensajes: 340 Registrado: 18-May 06 Desde: ..la eskinaa...!!! Miembro Nº: 1.125 Nacionalidad: ![]() Colegio/Liceo: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Correcto.
Fuente: Si mal no recuerdo es de una Putnam. |
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Publicado:
#180
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Dios Matemático ![]() Grupo: Colaborador Silver Mensajes: 423 Registrado: 4-January 11 Miembro Nº: 82.624 Nacionalidad: ![]() Universidad: ![]() Sexo: ![]() ![]() |
Problema: Cada numero del conjunto {1,2,3 ...,100} se pinta de rojo, azul, verde o amarillo. Pruebe que hay dos números del mismo color cuya diferencia es también de ese color.
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Versión Lo-Fi | Fecha y Hora actual: 3rd April 2025 - 04:30 PM |